简单高一物理问题：速度求解答（好学生）
kuaidi.ping-jia.net 作者：佚名 更新日期：2024-08-02
一个简单的高一物理问题，求解答。
（2）t=0.2s的时刻，是Q对P作用力FN恰好减为零的时刻，此时刻P与Q具有相同的速度及加速度.因此，此时刻弹簧并未恢复原长，也不能认为此时刻弹簧的弹力为零.
（3）当t=0时刻，应是力F最小的的时刻，此时刻F小=（M+m）a（a为它们的加速度）.随后，由于弹簧弹力逐渐变小，而P与Q受到的合力保持不变，因此力F逐渐变大，至t=0.2s时刻，F增至最大，此时刻F大=M（g+a）.
以上三点中第（2）点是解决此问题的关键所在，只有明确了P与Q脱离接触的瞬间情况，才能确定这0.2s时间内物体的位移，从而求出加速度a，其余问题也就迎刃而解了.设开始时弹簧压缩量为x1，t=0.2s时弹簧的压缩量x2，物体P的加速度为 a，则有
kx1=（M+m）g①
kx2-mg=ma②
x1－x2=at2/2③
由①式， x1==0.15m
解②③式得a=6m/s2，则
F小=（M+m）a=72N
F大=M（g+a）=168N
设开始时弹簧压缩x1，p和Q分离时弹簧压缩x2（此时P和Q的加速度刚好相同，接下来Q的加速度小于P）。开始时拉力为F1，分离时拉力为F2，则有：
开始时压缩量x1：k×x1=(M+m)g
分离时，Q和P加速度（a）相同：k×x2-mg=ma
t=0.2s时变为恒力，即分离时刻，从而可计算加速度a：1/2at²=x1-x2
开始时的拉力，使P和Q产生a的加速度（无F时P和Q受合力为0）：F1=(M+m)a
分离时P在拉力作用下保持加速度：F2-Mg=Ma
代入：g=10，M=10.5，m=1.5，k=80，t=0.2
解得：
x1=(m+M)g/k=1.5
x2=mg(2m+2M+kt²)/(k(2m+kt²))=0.8226
a=2Mg/(2m+kt²)=33.87
F1=2Mg(m+M)/(2m+kt²)=406.5，此为最小值
F2=Mg(2m+2M+kt²)/(2m+kt²)=460.6，此为最大值
注：题中的“静止开始向上做匀速运动”应该为“静止开始向上做匀加速运动”，物体不可能突然变成匀速的，一定有加速的过程，突然具有速度，则加速度和拉力都是无穷大。
把p、Q看成一个整体M。当静止时，弹力T=（m+M)g=120N
当给P施加一个方向竖直向上的力F，即F在拉这个整体M，使它从静止开始向上做匀速运动。
则有：F=（m+M)g-T′，而T′=kx，随着压缩量的减小而减小，所以F随着弹力的减小而增大，当弹力减小到0时，F最大，即Fmax=（m+M)g=120N。此刻P刚好脱离Q（即只跟Q接触但之间没有弹力）。
之后p脱离Q在F的作用下继续匀速上升，此时F=Mg，F不变，F最小，Fmin=Mg=105N
题错了，应该是k=800N/m，但不知有不少朋友也能算出来。如果是k=800N/m，则可得
kx1=（M+m）g
kx2-mg=ma
x1－x2=at^2/2
F小=（M+m）a=72N
F大=M（g+a）=168N
开始时视PQ为一整体其重力与弹簧弹力平衡：F1=（mP+mQ)g
F为合外力：F小=（mP+mQ)a
分离时aP=aQ,且PQ间无弹力
F2=mQ(g+a),F大=mP(g+a)
F1-F2=mPg-mQa=kx=1/2kat平方
代入数据，得a=6m/s平方，F小=72N，F大=168N
这个题说的是：从静止向上做匀速运动，而且说是这0.2s 内F是变力，这断没有说明是匀变速、变加速，所以不能一概的按牛二定律来算。可以分别受力分析两个过程。
最小值是0N
最大值是105N
一道高一物理题,在线等求解答!!
答：把落地时速度v，水平和竖直正交分解，水平的分量vcos53° 就等于Vo，v=Vo/cos53°=10m/s 设竖直分量为V1 则有 V1/Vo=tan53° =4/3 求出 V1=8m/s H=V1²/2g=64/20=3.2m
高一物理关于加速度的问题,求解答。请写下详细步骤和所运用的公式,谢谢...
答：太多了 ，估计没人会答的 。。。我给你答第一题，采不采你看着办 。。。解法一：第六秒的平均速度等于第六秒的初末速度的平均值：第六秒初速度 V0=a·t5=1×5m/s=5m/s 第六秒末速度 V=a·t6=1×6m/s=6m/s 所以，第六秒的平均速度 V平均=(V0+V)/2=5.5m/s 。解法二：第六...
两道高一物理题目,求解答
答：加速下滑时，mg－F1＝m*a1 ，得摩擦力F1＝mg－m*a1＝60*10－60*8＝120牛顿 减速下滑时，F2－mg＝m*a2 ，F2＝mg+m*a2＝60*10＋60*4＝840牛顿 所求摩擦力之比是F1：F2＝120：840＝1：7 后一题：答案是A对。原来情况，两个做为整体，因无加速度，斜面体受到地面的摩擦力是0；后来情况...
两道改编的高一物理题。求解答
答：例二改编的有问题，初速度知道，加速度知道，时间也知道，那位移以及速度肯定知道了，直接套公式就行了。 问题是：题目中给出了 第7s内的位移比第5s内的位移多4m 利用这个条件，就完全能够求出加速度，具体可以利用基本的速度，位移。速度位移公式，也可以利用推论：做匀变速直线运动的物体在连续相等...
高一物理求解答
答：最大速度V 则4秒*V/2+10秒*V+6秒*V/2=1500米 V=100米/秒
高一物理!跪求~~~速度~
答：吊扇静止时，吊杆拉力等于吊扇重力，F=G 吊扇转动时，由于风对吊扇扇叶向上有一个轴向力F2，F1+F2=G，故风扇转动时吊杆拉力F1=G-F2＜G 所以F1＜F=G
高一物理,要解析。
答：我刚初中毕业，所以答得可能不是很好。 设水速为U 船在静水中的速度为V 以水为参考系，则木块为静止的，设水速为U 船在静水中的速度为V 则船前进时的速度为V-U+U=V 返回时船速为U+V-U=V 而两次路程相同，∴时间均为1h ∴U=5400m÷2h=2.7Km/h 以地面为参考系...
物理高一学霸求解
答：已知：L＝240米，V01＝8 m/s，a1＝0.4 m/s^2，t反＝1秒，V02＝0，a2＝0.5 m/s^2 求：司机能否安全脱离？解：设泥石流经时间 t1到达坡底，速度达到 V1。则由 V1^2＝V01^2＋2* a1 * L 得 V1＝根号（V01^2＋2* a1 * L）＝根号（8^2＋2*0.4* 240）＝16 m/s 由...
问个高一物理题
答：首先来分析一下这道题目，看它是属于哪种运动学类型的。我们可以想得到，当A石头落下两米的时候，B石头才开始下落。那也就是说，A石头具有一定的初速度。而此时，B石头开始下落，即初速度为零。那么，这道题目就是一道追击的问题。那么，我们先来求A的初速度，也就是A落下两米后的速度。v^2=2...
一道高一物理题 急求解答 希望能够详细一点 谢谢
答：汽车的速度在他们相等之前一直大于自行车的速度，相当一个追击问题，所以距离越来越近。当他们的速度相等的时候就没有相对速度，他们之间的距离也就不随着时间改变所以距离最近（因为距离一直在减小）。
设总运动时间为x秒
由s=½at²可以得出5x²-5（x-1）²=25m
即x²-（x-1）²=5
易得x=3
故总运动时间为3s
带回s=½at²
可得物体的总位移为½x10x3²=45m
如果你坚持2.5s，我就把2.5s带进去算一遍好了
那么总位移是½x10x2.5²=5x6.25=31.25m
前1.5s的位移是½x10x1.5²=5x2.25=11.25m
最后一秒的位移就是31.25-11.25=20m
与题设不符，是错解。
能量守恒
mgl=1/2mv^2
v=根号（2gl)
离心力
F=mV^2/l=2mg
拉力=G＋F=3mg
（2）t=0.2s的时刻，是Q对P作用力FN恰好减为零的时刻，此时刻P与Q具有相同的速度及加速度.因此，此时刻弹簧并未恢复原长，也不能认为此时刻弹簧的弹力为零.
（3）当t=0时刻，应是力F最小的的时刻，此时刻F小=（M+m）a（a为它们的加速度）.随后，由于弹簧弹力逐渐变小，而P与Q受到的合力保持不变，因此力F逐渐变大，至t=0.2s时刻，F增至最大，此时刻F大=M（g+a）.
以上三点中第（2）点是解决此问题的关键所在，只有明确了P与Q脱离接触的瞬间情况，才能确定这0.2s时间内物体的位移，从而求出加速度a，其余问题也就迎刃而解了.设开始时弹簧压缩量为x1，t=0.2s时弹簧的压缩量x2，物体P的加速度为 a，则有
kx1=（M+m）g①
kx2-mg=ma②
x1－x2=at2/2③
由①式， x1==0.15m
解②③式得a=6m/s2，则
F小=（M+m）a=72N
F大=M（g+a）=168N
设开始时弹簧压缩x1，p和Q分离时弹簧压缩x2（此时P和Q的加速度刚好相同，接下来Q的加速度小于P）。开始时拉力为F1，分离时拉力为F2，则有：
开始时压缩量x1：k×x1=(M+m)g
分离时，Q和P加速度（a）相同：k×x2-mg=ma
t=0.2s时变为恒力，即分离时刻，从而可计算加速度a：1/2at²=x1-x2
开始时的拉力，使P和Q产生a的加速度（无F时P和Q受合力为0）：F1=(M+m)a
分离时P在拉力作用下保持加速度：F2-Mg=Ma
代入：g=10，M=10.5，m=1.5，k=80，t=0.2
解得：
x1=(m+M)g/k=1.5
x2=mg(2m+2M+kt²)/(k(2m+kt²))=0.8226
a=2Mg/(2m+kt²)=33.87
F1=2Mg(m+M)/(2m+kt²)=406.5，此为最小值
F2=Mg(2m+2M+kt²)/(2m+kt²)=460.6，此为最大值
注：题中的“静止开始向上做匀速运动”应该为“静止开始向上做匀加速运动”，物体不可能突然变成匀速的，一定有加速的过程，突然具有速度，则加速度和拉力都是无穷大。
把p、Q看成一个整体M。当静止时，弹力T=（m+M)g=120N
当给P施加一个方向竖直向上的力F，即F在拉这个整体M，使它从静止开始向上做匀速运动。
则有：F=（m+M)g-T′，而T′=kx，随着压缩量的减小而减小，所以F随着弹力的减小而增大，当弹力减小到0时，F最大，即Fmax=（m+M)g=120N。此刻P刚好脱离Q（即只跟Q接触但之间没有弹力）。
之后p脱离Q在F的作用下继续匀速上升，此时F=Mg，F不变，F最小，Fmin=Mg=105N
题错了，应该是k=800N/m，但不知有不少朋友也能算出来。如果是k=800N/m，则可得
kx1=（M+m）g
kx2-mg=ma
x1－x2=at^2/2
F小=（M+m）a=72N
F大=M（g+a）=168N
开始时视PQ为一整体其重力与弹簧弹力平衡：F1=（mP+mQ)g
F为合外力：F小=（mP+mQ)a
分离时aP=aQ,且PQ间无弹力
F2=mQ(g+a),F大=mP(g+a)
F1-F2=mPg-mQa=kx=1/2kat平方
代入数据，得a=6m/s平方，F小=72N，F大=168N
这个题说的是：从静止向上做匀速运动，而且说是这0.2s 内F是变力，这断没有说明是匀变速、变加速，所以不能一概的按牛二定律来算。可以分别受力分析两个过程。
最小值是0N
最大值是105N
答：把落地时速度v，水平和竖直正交分解，水平的分量vcos53° 就等于Vo，v=Vo/cos53°=10m/s 设竖直分量为V1 则有 V1/Vo=tan53° =4/3 求出 V1=8m/s H=V1²/2g=64/20=3.2m
答：太多了 ，估计没人会答的 。。。我给你答第一题，采不采你看着办 。。。解法一：第六秒的平均速度等于第六秒的初末速度的平均值：第六秒初速度 V0=a·t5=1×5m/s=5m/s 第六秒末速度 V=a·t6=1×6m/s=6m/s 所以，第六秒的平均速度 V平均=(V0+V)/2=5.5m/s 。解法二：第六...
答：加速下滑时，mg－F1＝m*a1 ，得摩擦力F1＝mg－m*a1＝60*10－60*8＝120牛顿 减速下滑时，F2－mg＝m*a2 ，F2＝mg+m*a2＝60*10＋60*4＝840牛顿 所求摩擦力之比是F1：F2＝120：840＝1：7 后一题：答案是A对。原来情况，两个做为整体，因无加速度，斜面体受到地面的摩擦力是0；后来情况...
答：例二改编的有问题，初速度知道，加速度知道，时间也知道，那位移以及速度肯定知道了，直接套公式就行了。 问题是：题目中给出了 第7s内的位移比第5s内的位移多4m 利用这个条件，就完全能够求出加速度，具体可以利用基本的速度，位移。速度位移公式，也可以利用推论：做匀变速直线运动的物体在连续相等...
答：最大速度V 则4秒*V/2+10秒*V+6秒*V/2=1500米 V=100米/秒
答：吊扇静止时，吊杆拉力等于吊扇重力，F=G 吊扇转动时，由于风对吊扇扇叶向上有一个轴向力F2，F1+F2=G，故风扇转动时吊杆拉力F1=G-F2＜G 所以F1＜F=G
答：我刚初中毕业，所以答得可能不是很好。 设水速为U 船在静水中的速度为V 以水为参考系，则木块为静止的，设水速为U 船在静水中的速度为V 则船前进时的速度为V-U+U=V 返回时船速为U+V-U=V 而两次路程相同，∴时间均为1h ∴U=5400m÷2h=2.7Km/h 以地面为参考系...
答：已知：L＝240米，V01＝8 m/s，a1＝0.4 m/s^2，t反＝1秒，V02＝0，a2＝0.5 m/s^2 求：司机能否安全脱离？解：设泥石流经时间 t1到达坡底，速度达到 V1。则由 V1^2＝V01^2＋2* a1 * L 得 V1＝根号（V01^2＋2* a1 * L）＝根号（8^2＋2*0.4* 240）＝16 m/s 由...
答：首先来分析一下这道题目，看它是属于哪种运动学类型的。我们可以想得到，当A石头落下两米的时候，B石头才开始下落。那也就是说，A石头具有一定的初速度。而此时，B石头开始下落，即初速度为零。那么，这道题目就是一道追击的问题。那么，我们先来求A的初速度，也就是A落下两米后的速度。v^2=2...
答：汽车的速度在他们相等之前一直大于自行车的速度，相当一个追击问题，所以距离越来越近。当他们的速度相等的时候就没有相对速度，他们之间的距离也就不随着时间改变所以距离最近（因为距离一直在减小）。
