如图所示，在水平地面上有一质量为m的物体，在斜向上与水平方向成θ角的拉力F的作用下，物体由静止开始沿
kuaidi.ping-jia.net 作者：佚名 更新日期：2024-05-16
如图所示,质量为m的物体在与水平方向成θ角的拉力作用下
如图所示,在粗糙的水平地面上有质量为m的物体,连接在一劲度系数为k的弹...
答：弹簧的弹力F弹=F=μmg，根据胡克定律得，F弹=kx解得伸长量x=Fk，或x=μmgk．故B、D正确，A、C错误．故选：BD．
如图所示,水平地面上放置一个质量为m=10kg的物体,在与水平方向成θ=37...
答：（1）受力分析如图所示．在竖直方向有：N+Fsinθ=mg又有：f=μN=20N（2）由牛顿第二定律得：Fcosθ-f=ma代入数据得：a=6m/s2，（3）5s内的位移为：s=12at2=12×6×52m=75m答：（1）物体所滑动受摩擦力为多大20N；（2）物体的加速度为6m/s2，（3）物体在第5s内的位移为75m．
在光滑水平地面上放有一质量为M带光滑弧形槽的小车,一个质量为m的小...
答：（1）当铁块滑至弧形槽中的最高处时，m与M有共同的水平速度，等效于完全非弹性碰撞，由于无摩擦力做功，则系统减小的动能转化为m的势能根据系统水平动量守恒：mv=(M+m)v′而mgH= mv 2 － (m+M)v′ 2 可解得H m =Mv 2 /［2g(M+m)］ （2）当铁块滑至最大高度后返回时，M仍在作...
如图所示,质量为m的物体放在水平地面上,物体与地面间的动摩擦因数为μ...
答：物体在水平面上运动时就是说是水平运动了 （1）既然只是说水平力F，，，那就是等于Fcosθ (2)当Fsinθ≥mg时，物体在水平面上运动时的最大加速度a=Fcosθ/m 当Fsinθ<mg时，物体在水平面上运动时的最大加速度a=μFcosθ/m
如图所示,在光滑的水平而上有一质量为M的长条木板,以速度v0向右作匀速...
答：（1）由动量守恒得 MV0=（M+m）V V=MV0/（M+m）(2)-μmgL=0.5（M+m）M^2V0^2/(M+m)^2-0.5MV0^2 L=MV0^2/2μg(M+m)这时木板也在做变速运动,故不能用相对运动来解,若木板做匀速运动,这样做是可以的.(3)系统克服摩擦力做功全部转化为内能,故Q=0.5MV0^2-0.5（M+...
如图所示,在固定的光滑水平地面上有质量分别为m 1 和m 2 的木块A、B...
答：撤去推力F前，根据牛顿第二定律得： 对整体：a= F m 1 +m 2 对B：F 弹 =m 2 a= m 2 F m 1 +m 2 撤去推力F的瞬间，弹簧的弹力没有变化，其弹力大小仍为F 弹 = F m 1 +m 2 ，则由牛顿第二定律得A、B两物体的加速度大小...
如图所示,在光滑的水平面上有一质量为M、倾角为θ的光滑斜面体,它的斜...
答：A错误；B、物块沿斜面下滑过程，系统水平方向不受外力，水平方向动量守恒，竖直方向重力做功，故竖直方向动量不守恒，B错误；C、物块下滑过程中物块的机械能减少转化为斜面的机械能，故C错误；D、物块加速下滑，处于失重状态，故整体对地面的压力小于（m+M）g，D正确；故选：D．
如图所示,放置在水平地面上的直角劈M上有一个质量为m的物体,若m在直角...
答：M对m的支持力和摩擦力与m对M的压力和摩擦力大小相等．则N2在水平方向上的分力大于f2在水平方向上的分力，根据水平方向上平衡，知地面对M的摩擦力向左．因为f2和N2在竖直方向上的分力之和小于m的重力，根据M在竖直方向上平衡知，地面的支持力小于（M+m）g．故D正确，A、B、C错误．故选：D．
如图所示,光滑水平面上一质量为M、长为L的木板右端靠在固定于地面的挡板...
答：解：（1）小滑块在木板上做匀减速直线运动，则整个滑动过程的平均速度 所以 （2）设小滑块在木板上滑动时所受的摩擦力大小为f，由动能定理可得 ① 所以 ② 由牛顿第三定律和物体的平衡条件，木板对挡板P作用力的大小等于 （3）设撤去档板P，小滑块与木板的共同速度为v，小滑块静止时...
在水平面上放有一质量为m,与地面的动动摩擦因数为μ的物体,现用力F拉...
答：设力与水平方向呈θ角（θ为锐角）则N=mg-Fsinθ f=uN=μ(mg-Fsinθ)f=Fcosθ ∴Fcosθ=μmg-μFsinθ ∴F=μmg/（cosθ+μsinθ）分母可化为 根号下（1+μ^2）乘以(sinαcosθ+cosαsinθ)=根号下（1+μ^2）乘以sin（α+θ)其中，sinα=1/根号下(1+μ^2)cosα=μ/根号...
因为物体是匀速直线运动，所以受力平衡
设拉力F
Fsinθ+N=mg
Fcosθ=μN
解得
F=mg/(μsinθ+cosθ)
所以
W=Fscosθ=mgscosθ/(μsinθ+cosθ)
开始时摩擦力：f1=mgμ
拉力变方向后成压力，而物体在运动中此时仍会滑动，故新的摩擦力为：f2=(mg+f1)μ
代入：m=2，g=10，μ=0.5
解得：
f1=10.
f2=15.
| （1）根据功的定义式可知 拉力F在时间t内所做的功为W=Fscosθ （2）设在t秒末物体的速度为v，由于物体做初速度为0的匀加速直线运动，平均速度
则有 s=
设在t秒末拉力F做功的瞬时功率为P，则有P=Fvcosθ ② 由①②两式得： P=
（3）设物体运动的加速度a，对物体进行受力分析如图所示 ， 根据题意有： s=
f=μN ④ N+Fsinθ=mg ⑤ Fcosθ-f=ma ⑥ 由③④⑤⑥可解得： μ=
答：（1）拉力F在t时间内做功W=Fscosθ （2）在t秒末拉力做功的瞬时功率为 P=
（3）物体与水平面间的动摩擦因数为 μ=
|
答：弹簧的弹力F弹=F=μmg，根据胡克定律得，F弹=kx解得伸长量x=Fk，或x=μmgk．故B、D正确，A、C错误．故选：BD．
答：（1）受力分析如图所示．在竖直方向有：N+Fsinθ=mg又有：f=μN=20N（2）由牛顿第二定律得：Fcosθ-f=ma代入数据得：a=6m/s2，（3）5s内的位移为：s=12at2=12×6×52m=75m答：（1）物体所滑动受摩擦力为多大20N；（2）物体的加速度为6m/s2，（3）物体在第5s内的位移为75m．
答：（1）当铁块滑至弧形槽中的最高处时，m与M有共同的水平速度，等效于完全非弹性碰撞，由于无摩擦力做功，则系统减小的动能转化为m的势能根据系统水平动量守恒：mv=(M+m)v′而mgH= mv 2 － (m+M)v′ 2 可解得H m =Mv 2 /［2g(M+m)］ （2）当铁块滑至最大高度后返回时，M仍在作...
答：物体在水平面上运动时就是说是水平运动了 （1）既然只是说水平力F，，，那就是等于Fcosθ (2)当Fsinθ≥mg时，物体在水平面上运动时的最大加速度a=Fcosθ/m 当Fsinθ<mg时，物体在水平面上运动时的最大加速度a=μFcosθ/m
答：（1）由动量守恒得 MV0=（M+m）V V=MV0/（M+m）(2)-μmgL=0.5（M+m）M^2V0^2/(M+m)^2-0.5MV0^2 L=MV0^2/2μg(M+m)这时木板也在做变速运动,故不能用相对运动来解,若木板做匀速运动,这样做是可以的.(3)系统克服摩擦力做功全部转化为内能,故Q=0.5MV0^2-0.5（M+...
答：撤去推力F前，根据牛顿第二定律得： 对整体：a= F m 1 +m 2 对B：F 弹 =m 2 a= m 2 F m 1 +m 2 撤去推力F的瞬间，弹簧的弹力没有变化，其弹力大小仍为F 弹 = F m 1 +m 2 ，则由牛顿第二定律得A、B两物体的加速度大小...
答：A错误；B、物块沿斜面下滑过程，系统水平方向不受外力，水平方向动量守恒，竖直方向重力做功，故竖直方向动量不守恒，B错误；C、物块下滑过程中物块的机械能减少转化为斜面的机械能，故C错误；D、物块加速下滑，处于失重状态，故整体对地面的压力小于（m+M）g，D正确；故选：D．
答：M对m的支持力和摩擦力与m对M的压力和摩擦力大小相等．则N2在水平方向上的分力大于f2在水平方向上的分力，根据水平方向上平衡，知地面对M的摩擦力向左．因为f2和N2在竖直方向上的分力之和小于m的重力，根据M在竖直方向上平衡知，地面的支持力小于（M+m）g．故D正确，A、B、C错误．故选：D．
答：解：（1）小滑块在木板上做匀减速直线运动，则整个滑动过程的平均速度 所以 （2）设小滑块在木板上滑动时所受的摩擦力大小为f，由动能定理可得 ① 所以 ② 由牛顿第三定律和物体的平衡条件，木板对挡板P作用力的大小等于 （3）设撤去档板P，小滑块与木板的共同速度为v，小滑块静止时...
答：设力与水平方向呈θ角（θ为锐角）则N=mg-Fsinθ f=uN=μ(mg-Fsinθ)f=Fcosθ ∴Fcosθ=μmg-μFsinθ ∴F=μmg/（cosθ+μsinθ）分母可化为 根号下（1+μ^2）乘以(sinαcosθ+cosαsinθ)=根号下（1+μ^2）乘以sin（α+θ)其中，sinα=1/根号下(1+μ^2)cosα=μ/根号...
