如图甲所示，光滑的水平地面上固定一长L=1.7m的木板C，C板的左端有两个可视为质点的物块A和B，其间夹有一
炸药爆炸，滑块A与B分别获得向左和向右的速度，由动量守恒可知，A的速度较大（A的质量小），A、B均做匀速运动，A先与挡板相碰合成一体（满足动量守恒）一起向左匀速运动，最终B也与挡板相碰合成一体（满足动量守恒），整个过程满足动量守恒．（1）整个过程A、B、C系统动量守恒，有：0=（mA+mB+mC）v，所以v=0（2）炸药爆炸，A、B获得的速度大小分别为vA、vB．以向左为正方向，有：mAvA-mBvB=0，解得：vB=1.5m/s，方向向右然后A向左运动，与挡板相撞并合成一体，共同速度大小为vAC，由动量守恒，有：mAvA=（mA+mC）vAC，解得：vAC=1m/s此过程持续的时间为：t1=1vA=16 s此后，设经过t2时间B与挡板相撞并合成一体，则有：L2=vACt2+vB（t1+t2），解得：t2=0.3s所以，板C的总位移为：xC=vACt2=0.3m，方向向左答案：（1）板C的速度是0 （2）板C的位移大小是0.3m，方向向左．
（1）A与C间的摩擦力为：f A =μ A m A g=0.5×20×10N=100N，B与C间摩擦 为：f B =μ B m B g=0.25×40×10N=100N，推力F从零逐渐增大，当增大到100N时，物块A开始向右移动压缩轻弹簧（此时B仍保持静止），设压缩量为x，则力F=f A +kx，当x=0.5m时，力F=f A +f B =200N，此时B将缓慢地向右移．B在移动0.5m的过程中，力F保持F=200N不变，弹簧压缩了0.5m，B离木板C的右端0.2m，A离木板C有左端1.0m．作出力F随A位移的变化图线如图所示．（2）在物块B移动前，力F作用于物块A，压缩弹簧使弹簧贮存了弹性势能E 0 ，物块A移动了s=0.5m，设力F做功为W，由能量守恒可得弹簧贮存的弹性势能大小为：E 0 =W-f A s= 100+200 2 ×0.5J -100×0.5J=25J（3）撤去力F之后，AB两物块给木板C的摩擦力的合力为零，故在物块AB滑离木板C之前，C仍静止不动．物块AB整体所受外力的合力也为零，其动量守恒，可得 m A v A =m B v B 由题可知，始终v A ：v B =m B ：m A =2：1 当物块B在木板C上向右滑动了0.2m，物块A则向左滑动了0.4m，但A离木板C的左端还有d=0.6m．可见，物块B先滑离木板C．并且两物体的相对位移△s=0.4m+0.2m=0.6m＞0.5m（弹簧的压缩量），弹簧储存的弹性势能已全部释放，由能量守恒定律有 12E 0 = 1 2 m A v 2A + 1 2 m B v 2B +f A ?△s由此求出物块B滑离木板C时A物块的速度为v A =4m/s 设此后A滑离木板C时，物体A的速度v A ′，木板C的速度v c ′，有动量守恒定律有 m A v A =m A v A ′+m C v C ′ 由能量守恒有f A d= 1 2 m A v 2A -（ 1 2 m A v A ′2 + 1 2 m C v C ′2 ）有将d=0.6m及有关数据代入上两式解得：v C ′=1m/s，（v C ′=3m/s，不合题意舍弃）答：（1）推力F随A位移的变化图线如图所示；（2）弹簧储存的弹性势能E 0 的大小为25J；（3）最终C的速度是1m/s．
（1）A与C间的摩擦力为：fA=μAmAg=0.5×20×10N=100N，B与C间摩擦为：fB=μBmBg=0.25×40×10N=100N，
推力F从零逐渐增大，当增大到100N时，物块A开始向右移动压缩轻弹簧（此时B仍保持静止），设压缩量为x，则力为：F=fA+kx，
当x=0.5m时，力F=fA+fB=200N，此时B将缓慢地向右移．B在移动0.5m的过程中，力F保持F=200N不变，弹簧压缩了0.5m，B离木板C的右端0.2m，A离木板C有左端1.0m．作出力F随A位移的变化图线如图所示．
（2）在物块B移动前，力F作用于物块A，压缩弹簧使弹簧贮存了弹性势能E0，物块A移动了s=0.5m，设力F做功为W，由能量守恒可得弹簧贮存的弹性势能大小为：
E0=W-fAs=
| 100+200 |
| 2 |
（3）撤去力F之后，AB两物块给木板C的摩擦力的合力为零，故在物块AB滑离木板C之前，C仍静止不动．物块AB整体所受外力的合力也为零，其动量守恒，可得
mAvA=mBvB
由题可知，始终vA：vB=mB：mA=2：1 当物块B在木板C上向右滑动了0.2m，物块A则向左滑动了0.4m，但A离木板C的左端还有d=0.6m．可见，物块B先滑离木板C．
并且两物体的相对位移△s=0.4m+0.2m=0.6m＞0.5m（弹簧的压缩量），弹簧储存的弹性势能已全部释放，由能量守恒定律有：
12E0=
| 1 |
| 2 |
| 1 |
| 2 |
由此求出物块B滑离木板C时A物块的速度为：vA=4m/s
设此后A滑离木板C时，物体A的速度vA′，木板C的速度vc′，有动量守恒定律有：
mAvA=mAvA′+mCvC′
由能量守恒有：fAd=
| 1 |
| 2 |
| 1 |
| 2 |
| 1 |
| 2 |
将d=0.6m及有关数据代入上两式解得：vC′=1m/s，（vC′=3m/s，不合题意舍弃）
答：（1）推力F随A位移的变化图线如图所示；
（2）弹簧储存的弹性势能E0的大小为25J；
（3）最终C的速度是1m/s．
答：1、应该填“二力平衡 状态”2、4N，由于物体 运动速度 对 滑动摩擦力 大小无影响，故4s末摩擦力与6- 9s 摩擦力相等；又6-9s为 匀速直线运动 ，可知其二力平衡，摩擦力f等于水平推力F 3、推力F做功W=Fx=FVt=4*2*(9-6)=24J
答：=0.5 Wf=-12J（3）斜面体受力如图受到物块的压力N块=mgcosθ受到物块的摩擦力f=μmgcosθ设斜面体受到沿地面向右的摩擦力为f地，由平衡条件有 f地+N块sinθ-fcosθ=0解得：f地=-1.6N，负号表示方向水平向左．答：（1）由静止开始，0.5s末物块运动的速度大小v是4m/s．（2）物块沿...
答：运动周期T=1s，在磁场B1中运动的时间 t1=0.5s （2）小物块切入ON时，电场方向变为向下，有（mg+qE）sinθ=ma将 E=mgq代入，解得 a=12m/s2 当电场变为竖直向上后小物块正好做一个完整的圆周运动，然后电场方向又变为竖直向下，小物块继续沿斜面以a=12m/s2的加速度下滑，故设小物块在斜面上...
答：（1）由图乙的v-t图象知，物体在0～3s速度为0，处于静止状态；3～6s，速度不断增大，是加速直线运动；6～9s速度保持2m/s保持不变，进行匀速直线运动．所以物体在第2s末处于静止状态．（2）6～9s速度保持2m/s保持不变，进行匀速直线运动，物体在水平方向上受到推力和滑动摩擦力作用，这两个力是...
答：5，解得：m=0.4kg，从A到D过程，由动能定理得：mgh1+FL-f+02L=12mvD2?0，由题可知：x=1m，由第（1）问知vD=xg2h2解得：F=1.9N；答：（1）小物块经D点时的速度vD与x的关系表达式为vD＝10x；（2）小物块与水平桌面CD间动摩擦因数μ是0.35；（3）恒力F的大小为1.9N．
答：W-μmgxm=0 代入解得xm=Wμmg＝2000.5×5×10m＝8m答：（1）运动过程中物体的最大加速度为15m/s2；（2）在距出发点3m位置时物体的速度达到最大；（3）物体在水平面上运动的最大位移是8m．
答：（1） （2）0.35（3）1.9N 试题分析：⑴物体从D滑出后做平抛运动,则 ………（2分） ………（2分） 入化简可得 或 ………（1分）⑵由A→D全程动能定理得 …
答：WF-μmgs=0-0得 s＝WFμmg＝7000.5×4×10＝35m即最大位移为35m．答：（1）物体运动过程中物体的最大加速度am为20m/s2．（2）在距出发点10m时物体的速度达到最大vm．（3）物体在水平面上运动的最大位移是35m，该同学不正确．
答：根据速度与时间的图象的斜率表示加速度，则有车先以a=△v△t＝246=4m/s2的加速度匀加速直线运动，后以a′=△v△t＝0?246=-4m/s2的加速度匀减速直线运动，根据物体与车的动摩擦因数可知，物体与车的滑动摩擦力产生的加速度为a1=μmgm＝μg=2m/s2，因此当车的速度大于物体的速度时，物体受到...
答：A、由图甲所示，物体在水平方向上受到拉力和摩擦力的作用；由图象乙所示，在在4～6s时间内，拉力为4N；由图象丙可知，在在4～6s时间内，物体做匀速直线运动，且速度为2m/s；则力F做功的功率为：P=Fv=4N×2m/s=8W；故A错误；B、由图象丙可知在4～6s时间内，物体做匀速直线运动，受到平衡力的...
